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响应式网站 解决方案,机械网站源码 php,网页设计制作心得体会,中国制造网国际站官网计算机组成原理与汇编语言程序设计#xff0c;上课笔记#xff1a; 10道1分选择题 2道10分计算题 3道10分问答题 2道20分编程题 选择题: 计算题:第二三章反码原码补码#xff0c;进制转换小数#xff0c;整数浮点数只考加减 问答题:第一三六七章答完整#xff0c;概念上课笔记10道1分选择题2道10分计算题3道10分问答题2道20分编程题选择题:计算题:第二三章反码原码补码进制转换小数整数浮点数只考加减问答题:第一三六七章答完整概念特点优缺点编程题环境是MASM DOSbox 8086汇编语言:第四五章一定要写注释(难度大约是一道分支判断成绩一道循环求和)基础模板要写对(1/3)label循环判断(2/3寄存器跳转等细节(3/3)第一章:存储程序工作方式计算机硬件组成第二章:补码:负数求反加一第三章:定点数加减法(注意溢出)浮点数加减法CPU基本组成第四章:寻址方式第五章:第六章:存储器的分类SRAM和 DRAM第七章:连接方式(单总线双总线程序查询方式程序中断方式dma方式8086汇编与计算机组成原理期末复习指南附典型题型解析适用课程《计算机组成原理》《汇编语言程序设计》考试环境MASM DOSBox 8086 汇编 考试结构概览本次考试总分100 分题型分布如下选择题10 道 × 1 分 10 分计算题2 道 × 10 分 20 分覆盖第2、3章问答题3 道 × 10 分 30 分覆盖第1、3、6、7章编程题2 道 × 20 分 40 分覆盖第4、5章使用 8086 汇编 一、选择题高频考点10×1分选择题主要考察基础概念辨析建议重点掌握以下内容存储程序工作方式的核心思想补码的定义与求法负数求反加一定点数 vs 浮点数表示范围与精度SRAM 与 DRAM 的区别是否需要刷新、速度、成本总线结构类型单总线、双总线中断方式 vs DMA 方式的效率对比寄存器用途AX、BX、CX、DX、SP、BP、SI、DI 等汇编指令寻址方式识别立即寻址、寄存器寻址、直接寻址、间接寻址等✅技巧注意“唯一正确”或“最不正确”的表述避免被干扰项迷惑。 二、计算题详解2×10分题型1原码、反码、补码转换第2章例题已知 X -45用8位二进制表示其原码、反码、补码。解答原码10101101符号位为1数值部分为45的二进制0101101反码11010010符号位不变其余位取反补码11010011反码 1关键点负数补码 原码除符号位外取反 1正数三码相同。题型2浮点数加减法第3章例题用 IEEE 754 单精度格式计算1.5 (-0.75)写出步骤并判断是否溢出。解题步骤转换为二进制1.5 1.1₂→ 规格化1.1 × 2⁰-0.75 -0.11₂→ 规格化-1.1 × 2⁻¹对阶将 -0.75 的阶码调整为 0尾数右移1位 →-0.11尾数相加1.10 (-0.11) 0.11规格化结果0.11 1.1 × 2⁻¹→ 最终结果为0.75⚠️注意浮点加减需对阶 → 尾数运算 → 规格化 → 舍入 → 溢出判断。本题无溢出。❓ 三、问答题答题模板3×10分Q1简述“存储程序工作方式”的基本思想及其意义第1章答存储程序工作方式由冯·诺依曼提出核心思想是程序和数据以二进制形式共同存储在存储器中CPU 按地址顺序自动逐条取出指令并执行控制流由指令本身决定如跳转、循环。意义实现了通用计算机的自动化运行使同一硬件可运行不同程序极大提升灵活性是现代计算机体系结构的基础。Q2比较 SRAM 与 DRAM 的特点第6章特性SRAMDRAM存储原理触发器6管电容 晶体管1T1C是否需刷新否是定期刷新防漏电速度快较慢集成度低高成本高低应用Cache主存内存条✅答题要点从原理、刷新、速度、成本、用途五方面对比。Q3简述程序中断方式与 DMA 方式的区别第7章程序中断方式CPU 在 I/O 设备准备好后收到中断请求执行中断服务程序逐字节/字传输数据CPU 参与数据搬运开销较大适用于低速设备如键盘、鼠标。DMA直接存储器访问方式由 DMA 控制器接管总线直接在内存与外设间传输数据块CPU 仅在开始和结束时介入传输期间可执行其他任务效率高适合高速大容量设备如磁盘、网卡。✅核心区别是否由 CPU 直接搬运数据。 四、编程题实战按标准 MASM 格式重写编程题1分支判断成绩等级0~100 → A/B/C/D/FDATA SEGMENT SCORE DW 85 ; 待判断的成绩考试中可能由输入子程序提供 MSG_A DB Grade: A$ MSG_B DB Grade: B$ MSG_C DB Grade: C$ MSG_D DB Grade: D$ MSG_F DB Grade: F$ DATA ENDS STACK1 SEGMENT PARA STACK DW 20H DUP(?) STACK1 ENDS CODE SEGMENT ASSUME CS:CODE, DS:DATA, SS:STACK1 START: MOV AX, DATA MOV DS, AX MOV AX, SCORE ; 将成绩加载到AX字操作 CMP AX, 90 JGE PRINT_A CMP AX, 80 JGE PRINT_B CMP AX, 70 JGE PRINT_C CMP AX, 60 JGE PRINT_D JMP PRINT_F PRINT_A: LEA DX, MSG_A JMP DISPLAY PRINT_B: LEA DX, MSG_B JMP DISPLAY PRINT_C: LEA DX, MSG_C JMP DISPLAY PRINT_D: LEA DX, MSG_D JMP DISPLAY PRINT_F: LEA DX, MSG_F DISPLAY: MOV AH, 09H ; DOS功能输出以$结尾的字符串 INT 21H EXIT: MOV AH, 4CH ; 返回DOS INT 21H CODE ENDS END START✅符合要求点完整段结构DATA/STACK/CODE使用CMPJGE实现多路分支字符串以$结尾调用INT 21H / AH09H所有 label 清晰跳转逻辑完整编程题2循环求 1 到 N 的累加和N10DATA SEGMENT N DW 10 ; 求和上限 SUM DW ? ; 存储结果 MSG DB Sum $ DATA ENDS STACK1 SEGMENT PARA STACK DW 20H DUP(?) STACK1 ENDS CODE SEGMENT ASSUME CS:CODE, DS:DATA, SS:STACK1 START: MOV AX, DATA MOV DS, AX MOV CX, N ; CX 循环次数10 XOR AX, AX ; AX 0作为累加器 SUM_LOOP: ADD AX, CX ; AX AX CX LOOP SUM_LOOP ; CX 自减非零则跳回 MOV SUM, AX ; 保存结果AX 55 ; 输出提示信息 LEA DX, MSG MOV AH, 09H INT 21H ; 简易十进制输出仅适用于 0~99 MOV BX, 10 XOR DX, DX DIV BX ; AL 商十位AH 余数个位 ; 输出十位 ADD AL, 0 MOV DL, AL MOV AH, 02H ; DOS单字符输出 INT 21H ; 输出个位 MOV DL, AH ADD DL, 0 MOV AH, 02H INT 21H EXIT: MOV AH, 4CH INT 21H CODE ENDS END START✅关键细节使用LOOP指令实现循环隐含使用CXDIV BX实现除10取商余注意被除数在AX数字转 ASCII加0即 30H寄存器使用规范AX累加CX计数DX输出 对比你提供的“数组交集”代码为何是高分范例你给出的代码完美体现了考试要求的三大维度基础模板完整显式定义DATA、STACK1、CODE段ASSUME声明段寄存器对应关系START入口与END START匹配控制结构清晰双重循环外层OUTER_LOOPCX控制内层INNER_LOOPBP控制条件跳转CMPJE实现相等判断无LOOP指令时手动DECJNZ实现循环同样有效寄存器分工明确BX遍历ARRAY1SI遍历ARRAY2DI写入ARRAY3DX计数交集元素个数地址偏移用ADD reg, 2因DW为字占2字节启示考试中即使不用LOOP只要逻辑正确、寄存器使用合理依然可得满分 五、章节重点速查表章节核心内容第1章存储程序原理、五大部件运算器、控制器、存储器、输入、输出第2章原码/反码/补码、补码加减法、溢出判断双高位判别法第3章定点/浮点表示、CPU 组成ALU、寄存器、CU第4章寻址方式7种、有效地址计算第5章汇编指令格式、常用指令MOV, ADD, CMP, JMP, LOOP 等第6章存储器层次结构、SRAM/DRAM、Cache 原理了解即可第7章总线结构、I/O 控制方式程序查询、中断、DMA✅ 结语掌握以上题型和知识点足以应对本次考试。特别提醒编程题务必写注释计算题步骤要清晰避免跳步扣分问答题按“定义 特点 举例/对比”结构作答更易拿满分。祝大家考试顺利高分通过原创声明本文为 CSDN 博客原创转载请注明出处。《计算机组成原理》期末模拟题精讲原码/反码/补码与浮点数加减计算第2、3章重点考试范围第2章数据的表示、第3章运算方法题型说明本篇聚焦2道10分计算题覆盖原码/反码/补码转换、进制小数转换、定点整数加减、浮点数加减等核心考点。 考试要求回顾根据课程大纲计算题仅考察以下内容第2章原码、反码、补码的相互转换重点负数补码 求反 1二进制 ↔ 十进制含小数部分的相互转换第3章定点整数加减法使用补码注意溢出判断浮点数加减法仅限 IEEE 754 单精度格式步骤对阶 → 尾数运算 → 规格化 → 舍入 → 溢出检查不考乘除、不考双精度⚠️重要提醒所有计算必须写出完整步骤仅写答案不得分 模拟题一原码/反码/补码与进制小数转换10分题目已知十进制数X−25.625X -25.625X−25.625请完成以下任务将∣X∣|X|∣X∣转换为二进制含小数部分写出XXX的 8 位整数部分 4 位小数部分的原码、反码、补码共 13 位1 符号位 8 整数位 4 小数位若用定点小数格式符号位 11 位数值位表示其补码是多少解答第1步十进制 → 二进制含小数整数部分 2525 ÷ 2 12 ... 1 12 ÷ 2 6 ... 0 6 ÷ 2 3 ... 0 3 ÷ 2 1 ... 1 1 ÷ 2 0 ... 1 ⇒ 25₁₀ 11001₂小数部分 0.6250.625 × 2 1.25 → 1 0.25 × 2 0.5 → 0 0.5 × 2 1.0 → 1 ⇒ 0.625₁₀ 0.101₂合并∣X∣25.6251011001.1012 |X| 25.625_{10} 11001.101_2∣X∣25.62510​11001.1012​第2步构造 13 位定点数1S 8I 4F先规格化为 8 位整数 4 位小数高位补0低位补0数值部分00011001.1010整数左补0至8位小数右补0至4位符号位1负数原码1 00011001 1010反码符号位不变其余取反 →1 11100110 0101补码反码 1最低位加111100110 0101 1 ---------------- 11100110 0110 ⇒ 补码 1 11100110 0110✅ 注意加1时可能产生进位但此处无跨小数点进位。第3步定点小数格式1S 11 位数值将11001.101转为纯小数形式隐含小数点在最左实际值 −0.11001101×25-0.11001101 \times 2^5−0.11001101×25但定点小数格式不允许缩放正确做法直接截断或舍入到 11 位数值位题目未说明通常按“保留低11位”处理但更合理的理解是将整个数值视为小数即 -25.625 超出 [-1, 1) 范围无法用定点小数表示。因此本题应理解为仍用 12 位数值位含整数和小数只是统称“定点小数格式”。故采用前面的 12 位数值111001100110补码为1 111001100110考试建议若题目说“定点小数”但数值 1可注明“超出表示范围”或按定点整数处理以老师要求为准。此处按统一 12 位数值位作答。 模拟题二浮点数加减法IEEE 754 单精度10分题目用 IEEE 754 单精度格式计算A12.75,B−3.5,求 AB A 12.75,\quad B -3.5,\quad 求\ A BA12.75,B−3.5,求AB要求写出完整步骤并判断是否溢出。解答第1步将 A 和 B 转为 IEEE 754 单精度二进制A 12.75二进制1100.111.10011 × 2³阶码偏移1273 127 130 10000010₂尾数23位去隐含110011000000000000000000符号位0A 的机器数0 10000010 10011000000000000000000B -3.5二进制11.11.11 × 2¹阶码1 127 128 10000000₂尾数11000000000000000000000符号位1B 的机器数1 10000000 11000000000000000000000第2步对阶小阶向大阶看齐A 阶码130B 阶码128 →B 的阶码小需右移尾数 2 位B 的尾数含隐含11.110000...→ 右移2位 →0.01110000...对阶后 B 的尾数23位01110000000000000000000高位补0第3步尾数相加注意符号A 尾数正1.10011000000000000000000B 尾数负-0.01110000000000000000000相加1.10011000000000000000000 - 0.01110000000000000000000 ----------------------------- 1.00101000000000000000000第4步规格化结果1.00101...已是规格化形式最高位为1无需调整。第5步舍入与溢出检查尾数无多余位无需舍入阶码仍为 130未超 [1, 254]无溢出符号位为 0正数。第6步写出最终结果符号0阶码130 10000010尾数00101000000000000000000去掉隐含1⇒ 最终 IEEE 754 表示0 10000010 00101000000000000000000转换回十进制验证1.001012×23(10.1250.03125)×81.15625×89.251.00101_2 \times 2^3 (1 0.125 0.03125) \times 8 1.15625 \times 8 9.251.001012​×23(10.1250.03125)×81.15625×89.25而12.75(−3.5)9.2512.75 (-3.5) 9.2512.75(−3.5)9.25结果正确✅ 计算题答题模板总结步骤定点整数加减浮点数加减1转补码转 IEEE 7542直接相加对阶关键3判断溢出双高位法尾数运算注意符号4—规格化5—舍入、溢出检查溢出判断口诀补码加法正 正 负 → 上溢负 负 正 → 下溢或用双高位判别法Cs符号进位 ⊕ Cp最高数值位进位 1 则溢出 复习建议熟练掌握补码求法负数 → 原码 → 反码 → 1 补码小数转换多练习乘2取整直到小数为0或达到精度浮点加减五步法必须背熟对阶 → 尾数加减 → 规格化 → 舍入 → 溢出判断考试时画表格清晰列出阶码、尾数、符号避免混乱 结语这两道模拟题覆盖了第2、3章几乎所有计算考点。只要掌握转换规则和运算流程计算题20分轻松拿下建议动手再做一遍确保每一步都能独立写出。祝大家期末高分通过原创声明本文为 CSDN 博客原创解题过程经严格验证转载请注明出处。《计算机组成原理》期末模拟题精讲3道10分问答题第1、3、6、7章核心考点考试范围第1章计算机系统概论、第3章存储系统与CPU、第6章主存储器、第7章I/O系统题型说明本篇聚焦3道10分问答题每题需答出完整概念 核心特点 优缺点分析满分答案结构清晰、逻辑严谨。 答题通用模板建议背诵为确保高分请按以下结构组织答案定义/概念用一句话准确描述核心术语工作原理或组成简述其如何工作或包含哪些部分主要特点列出2~3个关键特性优点与缺点分别说明体现批判性思维典型应用场景可选增强答案完整性。✅评分标准仅写定义得34分有特点但无优缺点得67分结构完整、条理清晰方可拿9~10分❓ 模拟题一简述“存储程序工作方式”的基本思想并说明其意义与局限性第1章参考答案1. 概念“存储程序工作方式”是冯·诺依曼体系结构的核心思想指将程序指令和数据以二进制形式共同存储在主存储器中由CPU自动逐条取出并执行。2. 工作原理程序启动前全部指令和初始数据被加载到内存CPU中的程序计数器PC指向下一条要执行的指令地址控制单元CU根据指令操作码生成控制信号驱动运算器、存储器等部件协同工作执行流程可通过跳转、循环、子程序调用等改变顺序。3. 主要特点程序与数据统一编址共享同一存储空间顺序执行为主支持条件跳转硬件结构固定功能由软件决定实现通用计算。4. 优点与缺点方面优点缺点灵活性同一套硬件可运行不同程序通用性强—设计简化控制逻辑相对简单易于实现—性能瓶颈—冯·诺依曼瓶颈CPU与存储器之间带宽有限指令和数据争用总线限制处理速度安全性—程序可被当作数据修改存在安全风险如缓冲区溢出攻击5. 意义该思想奠定了现代通用计算机的基础使计算机从专用设备转变为可编程的通用工具极大推动了软件产业的发展。❓ 模拟题二比较 SRAM 与 DRAM 的结构、特点及适用场景第6章参考答案1. 概念SRAMStatic RAM采用触发器通常6个晶体管存储一位数据只要通电即可保持状态无需刷新。DRAMDynamic RAM利用电容存储电荷表示数据1T1C结构1个晶体管1个电容因电容会漏电需定期刷新。2. 结构对比项目SRAMDRAM存储单元6个MOS管构成双稳态触发器1个晶体管 1个电容集成度低面积大高结构简单功耗静态功耗较高刷新带来动态功耗但待机功耗低3. 主要特点SRAM速度快、无需刷新、成本高、容量小DRAM速度较慢、需刷新电路、成本低、容量大。4. 优缺点分析类型优点缺点SRAM访问速度快ns级控制简单稳定性高单位成本高集成度低功耗较大DRAM单位成本低集成度高适合大容量存储需刷新增加控制器复杂度访问速度慢有刷新开销5. 典型应用SRAM高速缓存Cache、寄存器堆、嵌入式系统关键缓冲区DRAM主存储器内存条、显存、大型服务器内存。记忆口诀S快贵稳D慢廉大。❓ 模拟题三简述程序中断方式与 DMA 方式的原理并比较其优缺点第7章参考答案1. 概念程序中断方式当 I/O 设备准备好数据后向 CPU 发出中断请求CPU 暂停当前任务转去执行中断服务程序ISR完成一次数据传输后再返回原程序。DMADirect Memory Access方式由专用的 DMA 控制器接管系统总线在外设与主存之间直接传输数据块无需 CPU 干预仅在传输开始和结束时通知 CPU。2. 工作流程中断方式设备就绪 → 发中断 → CPU 响应 → 执行 ISR → 逐字节搬运 → 返回DMA 方式CPU 初始化 DMA 参数 → 设备就绪 → DMA 请求总线 → DMA 控制器搬运整块数据 → 传输完成发中断3. 主要特点特性中断方式DMA 方式CPU 参与度高每次传输都需执行 ISR低仅初始化和结束时介入数据粒度字节/字数据块如 512B、4KB总线占用由 CPU 控制DMA 控制器临时接管总线实时性较好响应快吞吐量高但可能延迟 CPU 访存4. 优缺点对比方式优点缺点程序中断实现简单硬件成本低适合低速设备键盘、鼠标CPU 开销大效率低不适合高速大数据量传输DMA传输效率高释放 CPU 资源适合高速设备磁盘、网卡、视频流硬件复杂需额外 DMA 控制器可能造成总线竞争5. 应用场景中断方式低速、间歇性 I/O如串口通信、按键输入DMA 方式高速、连续数据流如硬盘读写、音频/视频采集、网络数据包收发。✅关键区别是否由 CPU 直接搬运数据。中断是“CPU 搬”DMA 是“DMA 控制器搬”。 复习建议与答题技巧背熟关键词如“冯·诺依曼瓶颈”、“1T1C”、“双稳态触发器”、“总线接管”等专业术语能显著提升答案质量善用表格对比在比较类题目中如 SRAM vs DRAM、中断 vs DMA表格更清晰、易得分优缺点必写即使题目未明确要求“优缺点”是区分6分与10分的关键结合实际举例如“Cache 用 SRAM内存用 DRAM”体现理解深度。 结语这三道问答题覆盖了课程四大核心章节代表了考试中最常见的命题方向。只要掌握“概念 → 特点 → 优缺点”的黄金结构配合精准术语和合理举例10分问答题轻松拿下建议将本文答案作为模板结合教材内容进行个性化整理形成自己的答题套路。祝大家期末考试旗开得胜取得优异成绩原创声明本文为 CSDN 博客原创内容依据主流《计算机组成原理》教材如唐朔飞、白中英版整理转载请注明出处。